两个物体的简谐振动

两个质量均为\(m\)的小车被长度为\(l\)的无形变的弹簧连在一起,放在光滑的水平面上,弹簧质量不计。初始时刻给左侧的小车一个\(v_0\)的初速度,求每个小车的运动方程。根据动能守恒得

$$m\dot{x}+m\dot{y}=mv_0$$

根据能量守恒得

$$\frac{1}{2}m\dot{x}^2+\frac{1}{2}m\dot{y}^2+\frac{1}{2}k(y-x-l)^2=\frac{1}{2}mv_0^2$$

直接去解这个微分方程组有些困难,可以换到整个系统的质心参考系中去考虑问题。整个系统的质心始终都在两小车连线的中点,根据动能守恒得

$$2mv_c=mv_0$$

$$v_c=\frac{1}{2}v_0$$

根据牛顿第一定律,整个系统做匀速直线运动,所以立刻得到

$$y-\frac{1}{2}v_0t=\frac{1}{2}v_0t-x$$

$$y=v_0t-x$$

即使有这个关系式,微分方程仍旧无法下手。不过转换到质心的参考系后,会发现两个小车相对质心在做简谐振动。以质心为原点,向右为正方向,设右侧小车的位移为\(x_r\),左侧小车的位移为\(x_l\),由前面的分析知道

$$x_l=-x_r$$

利用胡克定律得

$$m\ddot{x_l}=-k(x_l-x_r+l)$$

由牛顿第三定律得

$$m\ddot{x_r}=-k(x_r-x_l-l)$$

带入前面的位移关系,得到

$$m\ddot{x_l}=-k(2x_l+l)$$

$$m\ddot{x_r}=-k(2x_r-l)$$

 

这两个简谐振动的方程可以分别设为

$$x_l(t)=A\cos(\omega t+\phi)-\frac{l}{2}$$

$$x_r(t)=A\cos(\omega t+\phi)+\frac{l}{2}$$

将解和这初始条件带入方程

$$v_l(0)=\dot{x_l}(0)=\frac{1}{2}v_0$$

$$v_r(0)=\dot{x_r}(0)=-\frac{1}{2}v_0$$

立刻得到频率

$$\omega=\sqrt{\frac{2k}{m}}$$

相位

$$\phi=\frac{\pi}{2}$$

振幅为

$$A=\frac{1}{2}v_0\sqrt{\frac{m}{2k}}$$

又因为质心在做匀速直线运动,所以最终的方程为

$$x(t)=\frac{v_0}{2}t+A\sin(\omega t)-\frac{l}{2}$$

$$y(t)=\frac{v_0}{2}t-A\sin(\omega t)+\frac{l}{2}$$

其中,

$$\omega=\sqrt{\frac{2k}{m}}$$

$$A=\frac{v_0}{2\omega}$$

更一般地,如果两个小车质量分别为\(m\)和\(M\),质量为\(m\)的小车在左侧,给它的初速度仍旧为\(v_0\),则两个小车的运动方程为

$$x(t)=\mu_1v_{0}t+\mu_2A\sin(\omega t)-\mu_2l$$

$$y(t)=\mu_1v_{0}t-\mu_1A\sin(\omega t)+\mu_1l$$

其中,

$$\mu_1=\frac{m}{m+M}$$

$$\mu_2=\frac{M}{m+M}$$

$$\omega=\sqrt{\frac{m+M}{mM}k}$$

$$A=\frac{v_0}{\omega}$$

最近解出这个问题之后兴奋了一天,看到结果后,突然联想到二体问题。两个物体的简谐振动可能是二体运动在直径上的投影,就如同一个物体的简谐运动是匀速圆周运动的投影运动一般。等有时间了,再去算一下二体运动的解。

此外,我师兄还用纯代数的方法求解了这个问题,得到了一样的结果。

 

发布人

jeremy1990

现居北京,就职于亚马逊中国,软件工程师。

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